哇,厉害哦,还有最后一个问题, ¬q∧(p→r)v(¬p∧q)这个主析取范式和合析取范式。
谢咯,等你答案
求真值,成真赋值是000,001,010,011,101,所以主析取范式是m0∨m1∨m2∨m3∨m5,主合取范式是M4∧M6∧M7。
追问m0∨m1∨m2∨m3∨m5?这种看不懂啊 你就直接以 ¬qVp 这样的形式写给我吧!谢咯
追答哦,主析取范式是(¬p∧¬q∧¬r)∨(¬p∧¬q∧r)∨(¬p∧q∧¬r)∨(¬p∧q∧r)∨(p∧¬q∧r),主合取范式是(¬p∨q∨r)∧(¬p∨¬q∨r)∧(¬p∨¬q∨¬r))。
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1、很明显,G关于运算*是封闭的,运算*满足交换律。任意的a,b,c∈G,(a*b)*c=(a+b-ab)*c=(a+b-ab)+c-(a+b-ab)c=a+b+c-ab-ac-bc+abc。a*(b*c)=a*(b+c-bc)=a+(b+c-bc)-a(b+c-bc)=a+b+c-ab-ac-bc+abc。所以(a*b)*c=a*(b*c),运算*满足结合律。a*...
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任取一个序偶<x,y>∈R1。(R2∩R3)则必存在z,使<x,z>∈R1∧<z,y>∈R2∩R3 所以<z,y>∈R2∧<z,y>∈R3 由<x,z>∈R1∧<z,y>∈R2可以得到:<x,y>∈R1。R2 由<x,z>∈R1∧<z,y>∈R3可以得到:<x,y>∈R1。R3 所以:<x,y>∈(R1。R2)∩(R1。R3)即:R1。(R2∩R3) ...
离散数学题。求解答,((A∪B∪C)-(B∪C))∪A=?
= A∪((B∪C)∩~(B∪C))= A∪Φ = A
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答案:1、吸收率:设A,B是集合,则A∪(A∩B)=A,A∩(A∪B)=A;2、A上既具有对称性又具有反对称性的关系有很多,例如:I={<1,1>,<2,2>,<3,3>}就既具有对称性又具有反对称性;3、A上所有不同划分有5个,R1={{1},{2},{3}},R2={{1,2},{3}},R3={{1,3},{2}...
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(P∨Q)→R ⇔ ¬(P∨Q)∨R 变成 合取析取 ⇔ (¬P∧¬Q)∨R 德摩根定律 ⇔ (¬P∧¬Q∧(¬R∨R))∨((¬P∨P)∧(¬Q∨Q)∧R) 补项 ⇔ ((¬P∧¬Q∧¬R)∨(¬P∧¬Q∧R))...
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1、证明:(1)自反性 对于A×A中的任意一个元素,因为ab=ab,所以R。自反性成立。(2)对称性 对于A×A中的任意两个元素、<c, d>,如果有R<c, d>,则ab=cd,那么cd=ab,因此有<c, d>R,对称性成立。(3)传递性 对于A×A中的任意三个元素、<c, d>、<e, f>,如果有R<c, d>且...
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反证法。假设至多有s片树叶,s<k。则这棵树有s个1度节点,1个k度节点,剩下的节点的度数都至少是2。设结点个数是n,则边数m=n-1,由握手定理,2m=2n-2=∑d(Vi)≥s×1+k×1+2(n-s-1),由此得s≥k。矛盾。所以至少有k片树叶。
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15题答案:(1)R={,,<c,c>,<d,d>,,,,<c,d>} (2)跟哈斯图差不多,节点处画闭环(带箭头),图中线段上端点添加箭头即可。(3)B的最大元不存在,极小元为a,上界为d
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⇔ P∨Q∨R 等幂律 得到主合取范式,再检查遗漏的极大项 ⇔ M₀⇔ ∏(0)⇔ ¬∏(1,2,3,4,5,6,7)⇔ ∑(1,2,3,4,5,6,7)⇔ m₁∨m₂∨m₃∨m₄∨m₅∨m₆∨m₇⇔ ¬...
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1、对任意x属于R-S,x属于R不属于S;因x属于R,故x的逆属于R;因x不属于S,故x的逆不属于S;故x的逆属于R-S。故R-S是对称关系。其他以后再来做啊。